一矩形线圈abcd置于磁感应强度为0.5T的匀强电场左侧 bc边恰在磁场边缘

题目认为磁通量是矢量,面积为矢量矢量B方向不变,面积方向相反,则从+1Bs到-1Bs,为-2BS

1.在磁场中能以8m/S速度匀速移动说明磁场宽度为线圈宽度的2倍,即1m,移入时有F=BIL=0.5XIX0.3=0.15I=0.6得I=4AU=IR=4X0.3=1.2v移出时电流和电压与移入大小相

F=ILB,这个公式你用的地方不对.这是通电导体在磁场中受力的.实际你的矩形线圈是由于磁通量变化产生感应电流,然后再受力的.均匀变化的磁场产生的是恒力.C.和D不对

感应电动势为零时，通过线圈的磁通量最大，通过线圈的磁通量的变化率为零．感应电动势最大时，磁通量的变化率最大，通过线圈的磁通量为零．故选：AD

题目的图应如下图那样.已知：B＝0.8特斯拉,线圈面积S＝0.5平方米,θ＝60度求：Φ2　,　ΔΦ在初位置（图中位置）,由于线圈有一半在磁场中,所以穿过线圈的磁通量是　Φ1＝B*（S/2）＝0.8*

（1）电动势的最大值，Em=nBSω=100×1π×0.05×10πV=50V；由图可知，线圈垂直中性面开始运动，则感应电动势瞬时值的表达式：e=Emcosωt=50cos10πt（V）（2）所求电量

（1）根据法拉第电磁感应定律，线框ab部分切割磁感线产生的感应电动势切割电动势，E=Bl2v代入数据，解得E=0.4V（2）由欧姆定律可得线框中感应电流的大小I＝ER代入数据，解得I=1A根据楞次定律

解；A、由题意可知，线圈在磁场中匀速转动，产生感应电动势的最大值为NBSω，因此电流的最大值为NBSωR，A错误；B、时刻t线圈中电流的瞬时值i=NBSωRsinωt，故B正确；C、线圈中电流的有效值

（九）根据法拉第电磁感应定律，则有：E＝n△Φ△o＝n△B△oS⊥＝n△B△o•Ssin3得°=得.中V；根据闭合电路欧姆定律则有，w中图电流大八为：I＝Ew九+w九+w=得.得中A，根据楞次定律可知

由感应定律和欧姆定律得：I=ER=△∅Rt=SR×△B△ t，所以线圈中的感应电流决定于磁感应强度B随t的变化率．由图2可知，0～1时间内，B增大，Φ增大，感应磁场与原磁场方向相反（感应磁场

1.设ab=L,cd=D.无论线框移入和移出磁场的过程中感应电动势都为E=BDv=0.5×0.3×8=1.2(V),感应电流都为I=E/R=1.2/0.3=4(A).（感应电动势和感应电流的方向和磁场

0到1秒,B在减小(这是重点),根据楞次定律,感应电流产生的磁感应强度应该同向增大,即产生的磁感应强度要向里,根据右手定则,电流方向为abcd1到2秒,B反向增大,所以根据楞次定律,感应电流产生的磁感

在线圈平面垂直于磁感线的位置时,线圈各边都不切割磁感线,线圈中没有感应电动势.再问：线圈位于什么位置时感应电功势最大?再答：在线圈平面与磁感线平行时感应电动势最大。再问：线圈平面与磁感线平行时不是磁通

ACDC应该是Ct1时刻电动势为0才是正确的分析：电动势E∝ΔΦ/Δt即该图像斜率为电动势大小可见电动势先减小,到t1时刻减为0由于电动势正负不参与比较,故t1t2时间段内电动势增大,到t2时刻达到最

（1）由法拉第电磁感应定律得：E=n△B△ tS=n△B△tπR2，因n、△B△t相同，则得到：E：E′=R2：R′2=1：4．（2）根据电阻定律：线圈的电阻为r=ρLs，则ρ相同，而L增长

(1)绕ab转过60°时…正好整个面积进入磁场…Φ=BScos60°=0.8×0.5×1/2=0.2(2)以ab为轴转60…磁感线垂直通过的面积不变(可以用第一小题求的与原来的相比都是1/2*BS)…

你画个俯视图,53°时半径为L2,有个E=BLv,L=dc=L1,v=wrcos37°,r=ad=L2,是n圈的话,E=0.8nBL1L2w第二问分两个阶段,感生阶段,动生阶段,分界点就是53°时,感

ab边的线速度大小是　V＝ω*L2当线圈从图示位置转过45°时,速度正交分解,在垂直磁场方向的分量是　V1＝V*sin45°这时ad边在磁场外的部分长度是　0.4L2/cos45度＝0.4*（根号2）

φ=BS即B=φ/s=0.016/[0.2X0.1]=0.8TF=BIL=0.8X4.0X0.1=0.32N方向垂直BC向上我的想法是这样,如果错误了请回应一下正确解法谢谢^^

你应该是高中生吧电磁感应的条件是磁通量的变化而磁能量等于BS,其中S为垂直磁场方向的有效面积,当绕任一直径转动时,这个有效面积发生变化,通过平面的磁再问：是不是说这个线圈的磁通量A中不变B中减小C中增