一辆平板车和竖直固定光滑1 4弧形轨道

这个题目有个隐含条件没有给,其实不给也可以根据已知条件推导出来,木块与小车表面肯定存在摩擦力,只有存在摩擦力,木块和小车才能达到二次共速.下面分别来解释下你的疑问.分析一下弹簧被压缩到最短时刻后的运动

（1）设木块A到达圆弧底端时得速度为v0，对木块A沿圆弧下滑得过程，根据机械能守恒定律，有：mgR=12mv02在A、B碰撞得过程中，两木块组成得系统动量守恒，设碰撞后的共同速度大小为v1，则：mv0

（1）滑块从A到B的过程，只有重力做功，机械能守恒定律，则有 mgR=12mv2B滑块在B点，由牛顿第二定律得 N-mg=mv2BR代入解得，N=3mg=30N（2）滑块在小车上运

水平方向上动量守恒,能量守恒m弹v弹+m车v车=00.5m弹v弹^2+m车v车^2=E子弹爆炸时的能量(除掉在枪膛内的摩擦)

（1）因为刚好能过最高点C,此时小球不受外力作用所以a=g（2）因为过最高点C时小球不受外力作用所以F向=G=mg=mv^2/R=mav^2=gR由机械能守恒得Ep1+Ek1=Ep2+Ek20+1/2

(1)恰好通过,即向心力就是重力：mg=mv²/Rv=√5m/s（根号5米每秒）(2)根据运动独立性,2R=½gt²t=√5/5s（五分之根号五秒）CD距离x=vt=1m

1)当A到达与滑轮同高度时,由于A在水平上没有移动,此时B速度为零,即动能为零,但势能降低了mgL+(2^0.5-1)*L*2mg=1/2mV^2V=((2*2^0.5-1)*gL)^0.5=1.35

若人是匀速前进,由动量守恒,设车的速度V'.则（M+m)V0=m(V0+V)+MV'

你动量应该学过了吧?用动量的方法：1、（1）因为车和木块这个系统在木块碰后动量守恒根据动量守恒定律有：Mv0-mv0=(m+M)V,得V=（M-m)V0/(m+M)得V=1m/s.用运动学的方法：（2

恩再问：不懂别回帖

这是典型的对动量定理的考察.下面给出两种解法,方法一是直接求解,方法二是利用质心来求解（我中学时候常常用这种方法来对付选择题,脑袋里面记了超多的中间结论,比如说你问的这道题,在中学我算都不用算就可以一

因为实验室正好在震源上方,所以地震波向上传递使振子运动的波是纵波（因为振动方向是沿传播方向,上下振动）,使单摆运动的波是横波（因为振动方向是垂直传播方向,左右振动）所以纵波比横波要早4s到达由公式,波

看什么货物了,一般使用铁线,四五毫米的那种

mg(mg/BI-L1)/2tan(θ/2)再问：请问第二问怎么做有没有过程再答：因为恰好静止。所以磁场力就是mg。第二问由磁场力推出cd的长度为A=mg/BI.设o到ab的距离为S.联立以下两个方程

斜面对木块的作用力F1,挡板对木块的作用力F2水平方向上：F2-F1cos60°=ma竖直方向上：F1cos30°-mg=0联立以上两式,可解F1、F2

对木块进行受力分析，如图所示：竖直方向：Ncos30°=mg水平方向：F-Nsin30°=ma解得：N=20033N，F=50+10033N答：斜面对木块的作用力为20033N，挡板对木块的作用力分别

cd棒恰好静止，只受到重力和安培力，而且二力平衡，则得cd棒所受磁场力的大小为F=mg；由F=BIL得，L=mgBI根据几何知识得：h=L-L12tan(θ2)代入解得，h=(mgBl-L1)2tan

t

地震纵波传播速度为：vP=fλP，地震横波传播速度为：vS=fλS有感地震中观察到静止的振子开始振动4.0s后，单摆才开始摆动．知横波由震源传播到实验室的时间比纵波的传播时间多4.0s．设震源离实验室

A：gsin30=0.5gB：g再问：过程呢？再答：做一条过0点垂直于AB的辅助线，交AB于点C，△OAC和△OBC完全一样，因此，∠AOC=∠BOC=60A受到圆环斜向左上方的支持力，重力，两个的合