在原线圈a,b段输入电压u=100根号2sinax

A、电压表的示数指的是有效值，据变压器电压与匝数的关系U1U2＝n1n2得U2=40V，选项A正确；B、据u＝2202sin100πt（V）得变压器原、副线圈电压的频率均为50Hz，选项B错误；C、将

A、根据理想变压器的规律可知副线圈两端的电压为10V，流经电阻R中的电流为1 A，电容器C允许交流电通过，所以电流表示数大于1A，故选项A错误；B、由电容公式知Q=CU=2.0×10-5×1

原线圈接上交变电压u=100sin100πt V，原线圈电压的有效值为：U1=Um2=502A由变压比公式U1U2=n1n2得副线圈电压为：U2=n2n1U1=52V由交变电压的瞬时值表达式

A、由图象可知，原线圈中电压的最大值为2202V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为10Ω，所以电流的为10A，所以A错误；B、电压表测

由图象可知原线圈的输入电压的最大值为2202V，所以输入电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压为110V，由电流与匝数成反比可知，此时副线圈的最大的电流为2A，所以副线圈的电阻

变压器Z1=K²×R=2²×R=4R变压器原边电压U1=U×4R÷(R+4R)=4/5×U变压器副边电压U2=U1×K=4/5×U÷2=2/5×U=0.4U再问：Z1ָ����ԭ�

A、电压表显示的是有效值，所以U1＝3112=220V，故A错误；  B、根据电压与匝数成正比，U2＝110U1＝22V，则B正确   C、电流表A2

A、根据交流电的表达式可知，输入电压的最大值为311V，电压表显示的是有效值，所以U1＝3112=220V，故A错误；B、根据电压与匝数成正比，U2＝n2n1U1＝15×220=44V，所以电压表V2

A、当S接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，而变压器的匝数比不变，所以原线圈中的电流增大，故A错误；B、当S接通后，电路的总电阻减小，副线圈总电流变大，故B正确C、开关闭合前灯泡L1上的电压如图2，

U2/U1=n2/n1而n1、n2、U1不变,所以U2不变,所以C正确.再问：题中是指u2是电压表示数，不是指电源。。如图我的意思是外电阻在减小，所以路端电压也在减小。就不知道为什么要选c了再问：我没

A、I1和I2表示电流的有效值，A错误；B、U1和U2表示电压的有效值，B错误；C、D滑片P向下滑动过程中，总电阻减小，只与输入电压和匝数有关，所以U2不变，I1变大，C正确，D错误．故选：C．

氖管发光频率应该是50hz.A错误.付线圈电压有效值是100v,B正确.变压器没有内阻,付线圈电压不变,L断开、闭合V的读数都是100v.C错误.k闭合也有一定的功率,输出功率增大.K断开后输出功率减

只有在副边线圈空载时在原边线圈中产生的是自感电动势.此时的原线圈中存在有励磁电流,这个励磁电流由两部分组成：一个是有功分量,另一个是无功分量.在理想变压器中被忽略的是有功分量,而无功分量依然存在.就是

电流为零时，电动势最大，所以当原线圈中电流瞬时值为零时，原线圈电压的瞬时值为311V，而匝数之比为10：1，所以副线圈电压的瞬时值为31.1V，故C正确．故选C

A、由图象可知，原线圈中电压的最大值为2202V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为10Ω，所以电流的为10A，所以A错误；B、原副线圈

A、根据U2U1＝n2n1得副线圈电压为U2=22V，故A正确，B错误；C、开关闭合后电容器不断的充电和放电，副线圈电流增大，所以R所占电压变大，而副线圈电压不变，所以灯泡两端电压变小，故C错误；D、

选BCu1：u2=22:1交流电,副线圈两端电压为10√2sin100πtA错交流电通过电阻的电流实际是有效值为1AB对输入功率=输出功率=I有效^2R=10WC对n磁通量变化率=U=220√2sin

A、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的输入电压与副线圈的输出电压之比为10：1，故A错误B、根据电流与匝数成反比可知，原线圈的输入电流与副线圈的输出电流之比为1：10，故B正确C、该交流电的周期为2×

理想状态是永远达不到的状态,在现实中变压器有损耗（因为变压是用线绕的线有电阻消耗能量和电动势在传梯过程中有电磁能量的丢失）,这个损耗提供了励磁电流.因为在教学中是讲理想状态,它就把这个损耗提供电流给省

答案C是正确的.U1、U2、I1、I2测得数值都是有效值,所以,A、B不对.R向下滑,电阻减小,因为理想变压器的电压U2只和U1有关,不随电阻变化.所以,电阻减小时,只有电流I2变大,D是错的.因此,