在某次电压偏低时烧开一壶水用时150S,则实际电压是多少

这是理想状态,现实肯定不相等.因为热量散失太难计算,升温过程所需时时间不同,散失的热量就不一样.还有电源内阻问题.

烧水时间比为64:100=16：25做功相同,功率比为25:16根据R=U^2/P电压比为5:4说明工地上水壶电压为176V,功率为512W,电流I=P/U=2.91A导线消耗功率为P导=U导I=(2

1,选B.要电阻最小,A.3R,B.1/3R,C.2/3R,D.3/2R2,5000A.2.5*10^8W

设电压为U,则(UU/R1)T=1烧开一壶水需要的热量为1,时间换算成秒,则R1=900UUR2=600UU将两电热丝串联起来使用,烧开同一壶水要用25分钟；若将两电热丝并连起来使用,烧开同一壶水要用

没有原文怎么解再问：快快再答：说明了做事不能好高鹜远，要量力而行。要打好基础，才能成事。

电炉在使用过程中，把电能全部转化为热能，产生的热量等于电流做的功．根据W=U2Rt分析．设电阻为R，由W=U2Rt得， U21Rt1=U22Rt2同一只电炉电阻相等，将R约去，代入数据得，（

13．读完全文,请说一下题目“烧开一壶水”的含义.14．什么是“核心优势”?如何建立“核心优势”?15．围绕“核心优势”,作者提出了四个问题,这四个问题实质上是什么意思?16．题目是“烧开一壶水”,作

烧开一桶水消耗的能量相等,设工地电压为V,导线上损耗电压为Vr,导线上损耗功率Pr(60+40)*V*V/R=(60+4)*220*220/RV*V=64*220*220/100=8*8*22*22V

小欢加有一个电炉,标有“220V1000W”在额定电压下用16分钟能烧开一壶水.一天他用这个电炉在相同环境中烧开同样一壶水却用了18分钟,请回答：（1）他家当时的电源电压约是?16÷18=8/9U=2

13．读完全文,请说一下题目“烧开一壶水”的含义.14．什么是“核心优势”?如何建立“核心优势”?15．围绕“核心优势”,作者提出了四个问题,这四个问题实质上是什么意思?16．题目是“烧开一壶水”,作

串联是分电压不分流时间和一壶水基本一样并联分流不分压电流小了烧水的速度自然就慢了

16题要用能量的观点来做,烧开一壶水Q=(U^2/R')T',第二次的电阻为原来的四分之一（宽度变大为原来2倍,长度为原来一半）所以Q=(U^2/R'')T'',联立就能得出答案22题无图啊,电压表接

1.设开始电阻为R,对折后的每根电阻为R/2,并联后电阻为R/4,又功率公式P=电压的平方除以电阻,所以对折后的功率是开始的4倍,时间为原来的1/4,为2.5分钟2.串联时,电阻为2R,功率为电压的平

（1）将电热丝对折起，电热丝长度变为原来的12，横截面积变为原来的2倍，因此电阻变为原来的14；（2）电源电压U不变，烧开同样一壶水，水所吸收的热量Q不变，由Q=U2Rt可知，烧水所用时间变为原来的1

（1）将电热丝对折起，电热丝长度变为原来的12，横截面积变为原来的2倍，因此电阻变为原来的14；（2）电源电压U不变，烧开同样一壶水，水所吸收的热量Q不变，由Q=U2Rt可知，烧水所用时间变为原来的1

20分钟.电功=电压^2/电阻×时间.电功不变,电压为原来的一半,电阻不变,则时间为4倍.W=Pt=U^2/R×t=I^2×R.

25minQ=I²Rt=U²/Rt得到t=QR/U²,也就是t与U²成反比.t1/t2=U2²/U1²16/t2=16/25t2=25min

因为t1=W/(U²/R)=16min所以t2=W/((0.8U)²/R)=16/0.8²=25min

温升速度与加热功率相关；功率大,速度就快.

热量=P*t=U^2/R*t,t=热量*R/U^2t2=热量*R/（（1-0.3）U）^2=t/0.7^2=2.04t