在竖直平面内有个半圆,半径为R,圆心为O,圆周上A.B
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/10/06 09:53:27
根据已知小球到达B点时没有压力,而在整个过程中小球的重力所做的功都是由小球从P点到B点的重力势能所引起的,根据重力势能的公式W=mgh=mg(AP-OB)=mgR.所以答案A是正确的
设小球在c点的速度为V,小球的质量为M.ab直接的距离为D.在c点的时候,小球的速度刚刚好能满足圆周运动.根据这个条件来对c点的小球来进行受力分析.(这个时候画一个受力分析图,老师肯定会多给点分的,就
这是高中物理题.按照我上高中时候的要求来讲,这个题目的条件不充足,是解不出来的.既然碰撞后A能过最高点,显然要用到能量守恒定律.也就是碰撞前后动能+势能总量不变.但是题目没有给出B碰撞后的运动情况(个
ACA.因为物体m通过最高点的最小速度为根号gR,所以以根号gR的初速度做平抛运动(2R=1/2gt^2,得t=根号4R/g,s=根号gR乘4R/g=2R),可知正确B.运用动能定理(1/2mgR-1
小球过C后落地时间:t=√(2(2R)/g)此时水平位移:4R=vc*tC点对顶压力:Pc=m*vc²/R-mgC点加速度:ac1=g+vc²/R过C点加速度:ac2=g加速度比:
(1)设小球在C点的速度为v,对半圆轨道的压力为F,小球离开C点后作平抛运动:2R=12gt2,4R=vt,解得v=2gR在C点,根据牛顿运动定律:F+mg=mv2R解得F=3mg(2)小球通过C点前
(1)A到D过程:根据动能定理有A到D过程:根据动能定理有mg×(2R-R)-μmgcos45°×2R/(sin45°)可求:μ=0.5(2)若滑块恰能到达C点,根据牛顿第二定律有mg=MV²
A、小球恰好能通过最高点,在最高点,由重力提供向心力,设最高点的速度为v,则有: mg=mv2R,解得:v=gR则半径越大,到达最高点的动能越大,而两球初动能相等,其中有一只小球恰好能通过最
小球通过轨道的最高点B后恰好做平抛运动:根据h=1/2gt²,落地时间t=√(2h/g)=√(2×2R/g)=2√(R/g)根据平抛运动的水平位移:L=vB×tB点速度:vB=L/t=2R/
设弧AB上有一点M,∠AOM=θ,t=(2Rsinθ/g)^(1/2)v1+v2=2R/t=(2gR/sinθ)^(1/2)由均值不等式:v1^2+v2^2≥2((v1+v2)/2)^2=gR/sin
(1)小球过B点时,由牛顿第二定律可得:mg=mv2BR解得:vB=gR(2)小球从A点到B点,由动能定理可得:−mg•2R=12mv2B−12mv20解得:v0=5gR(3)对小球经过A点时做受力分
/>1.当到达最高点时,速度可以为0这时,刚好能够到达最高点.mV^2/2=mg2R得V=2√(gR)2.当对下底面有压力时,mg-F=mV'^2/RmV^2/2-mV'^2/2=mg2R得V=√[5
从A到C的过程中运用动能定理得:12mvC2-12mv02=-mg2R解得:vc=v20-4Rg(2)在C点根据向心力公式得:Nc+mg=mvc2解得:Nc=mv20R-5mg (3)小球离
设在c点时速度为v1,a点速度v2,从c到p时间t,c点对轨道压力为N1)2R=1/2gt^2.(1)v1*t=4R.(2)N+mg=mv^2/R.(3)所以N=3mg2)设c前加速度为a,c后加速度
珠子在电场力与重力的作用下运动,设其与竖直方向的夹角为θ,电场力做功为:W=Eqd=3mg(Rsinθ)/4重力做功为:WG=-mg(1-cosθ)R(注意,重力做的是负功)由动能定理:EK=Eqd+
(1)小球从B到C,平抛运动时间t=√2h/g=√4r/g水平速度v0=AV/t=2r/√4r/g=√rg在B点使用向心力公式mg+FN=mv0^2/rFN=mv0^2/r-mg=mrg/r-mg=0
(1)小球由C点飞出后,做平抛运动;在水平方向:R=vct竖直方向2R=12gt2;联立解得:vC=12gR;(2)对BC过程由机械能守恒定律可知:mg2h=12mvB2-12mvC2解得:vB=12