如图所示,在半径为R的圆形区域内,有匀强磁场,方向垂直于圆平面(未画出).一群相

由右手定则可判，感应电动势始终从O指向A，为正．由E=12BL2ω，L是有效切割长度，可知，B、ω不变，切割的有效长度随时间先增大后减小，且做非线性、非正弦的变化，经半圈后，再次重复，故A正确；故选：

如图所示，点电荷在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系作出点电荷运动轨迹有：电荷在电场中刚好运动T2，电荷做圆周运动的半径r=Rsin30°所以有：A、根据电荷偏转方向由洛伦兹力方向判定该电荷带负电，A

v=2Bqr/m,t=πm/3Bq再问：有过程吗？谢谢再答：这里不好画图。你自己画图看看，观察一下，应该不难发现R=2r。mv/Bq=2r，v就有了。速率不变的话，周期不变，那圆心角越大运动的时间就越

A、在最高点，由于外管或内管都可以对小球产生弹力作用，当小球的速度等于0时，内管对小球产生弹力，大小为mg，故最小速度为0．故A错误，B正确．C、小球在水平线ab以下管道运动，由于沿半径方向的合力提供

S=3.14*R^2-4*3.14*r^2=3.14(R+2r)(R-2r)=3.14(7.2+2*1.4)(7.2-2*1.4)=138.16

(1)R=mv/eB得出v=RBe/m(2)v相同所以到x=R的时候,速度是eBR/m,方向是x轴正方向.t1是在磁场运动的时间T=4t1T=2πR/v=2πm/eBti=πm/2eBt2是在电场的时

/> 延长半径交圆弧于B点交MN于D,连接AB曲线为电子在磁场内轨迹,过A点作平行于MN的圆的切线AO₁长度设为r,连接OO₁,∠AO1B为θ,则∠AO₁

1）电子要想射出磁场区域,轨迹半径至少是R/2R/2=mv/eB,v=ReB/2m所以v>ReB/2m,电子才能射出磁场区域2）根据发射速度可以求出轨迹半径r=mv/eB=R,如图,电子出磁场点

∠1=∠2=90度ca=cb=r----不是磁场那个圆的半径,是圆周运动的半径,画图的时候没注意磁场区域半径也是r.所以ap=pb,除了圆心O点符合这个条件,我想应该是找不到另外一个点的.再问：说的是

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力：qvB=mv2r粒子在区域Ⅰ中的半径：r1=mvqB粒子在区域Ⅲ中的半径：r2=mvqB2=2mvqB=2r1画出粒子运动的轨迹如图，由图可得：质点能够

选D.E=-△φ/△t=-△(B*πr^2)/△t,与磁感应强度随时间变化率成正比,所以AB错.有效面积只有πr^2,所以C错.

（1）带电粒子从S点垂直于DE边以速度v射出后，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，其圆心一定位于DE边上，其半径R，由牛顿第二定律得：qvB=mv2R…①解得：R=mvqB，要求此粒子每次与△DEF的三

3.14X（7.2²-1.4²X4）=138.160cm²再问：过程再答：3.14x(51.84-7.84)=3.14x44.00=138.160再问：先写代数式，再代入

我问过我的物理老师了,你的答案有错,不可能只有（根号2）r/v0,里面一定还有质量为m、电荷量为q再问：就是因为我也写出来结果有m、q所以我才问问，可是答案确实没错，我回来还是听老师讲吧。再答：如果知

（1）设带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为r，由牛顿第二定律得qv0B＝mv02rr=R带电粒子在磁场中的运动轨迹为四分之一圆周，轨迹对应的圆心角为π2，如图所示，则t＝πR2v0＝πm2q

（1）若发射的粒子速度垂直DE边向上，经过上图轨迹回到S点的时间最短．粒子在磁场中运动的周期T=2πmqB，则最短时间t=12T=πmqB．（2）由牛顿第二定律得：qvB=mv2R，解得R=mvqB，

解题思路是能量法重力做负功,电场力做正功EQ(AB+R)=MGR你这个答案有问题?或者走到D是转了3/4圈?

不用看那个解析此题有两种方法可以解（1）观察法：在刚进入磁场区域时,在相同得x（很小）时,竖直方向上杆切割磁场的长度增加快,靠近R时增加为零,由E=BLV得,B、V一定,由L变化地,所以电动势在刚进入

麻烦采纳一下吧.有什么问题（物理）还可再联系

πR^2-4πr^2=π(R-2r)(R+2r)=剩余面积SR=7.8,r=1.1S=π（7.8-2.2)(7.8+2.2)=5.6*10π=56π=176cm^2