如图所示,小明通过定滑轮拉住

设人对绳子的拉力是F，人与平台受到重力与绳子的拉力的作用处于平衡状态，得：2F=G1+G2=600N+200N=800N所以：F＝800N2＝400N平台受到重力、绳子的拉力与人对平台的压力N的作用处

滑轮为定滑轮，不省力，若不计绳重和摩擦，则拉力F=G=100N；利用勾股定理计算绳子现在的长度L=32+42m=5m，则绳子被拉力拉长了2m，W=FS=100N×2m=200J故答案为：200J

D.这还得看定滑轮的位置,位置不同,绳子与水平方向的夹角就不同.如果绳子是水平的,那就是匀速,否则不是匀速.如果不是水平拉,不可能会是匀速,随着物体运动,绳子与水平夹角肯定发生变化（注意夹角是变化的不

设当球心距离定滑轮为L时球将要落下，设此时细绳与竖直墙壁的夹角为θ，由力的平衡得：Tcosθ=G        &nbs

从板和人这个整体看,受到两段绳子的拉力即2个440N,与总重力之差就是整体受到的合力,由此可求出整体的加速度也就是人的加速度.再看人.人受到440N的拉力,吊板对他向上的支持力,以及700N重力；又刚

小明在滑轮下手到滑轮之间的绳索长度为3米,水平移动4米后,根据勾股定理,手到滑轮之间的绳索长度为5米,也就是小明这一侧的绳索变长了2米,也就是滑轮另一侧物体被提升了2米.能量守恒,物体的势能改变就是小

根据定滑轮的力学特征可知，定滑轮不省力，则知绳子的拉力大小等于重物的重力为1000N，定滑轮所受的压力大小等于两侧绳子拉力的合力，因两绳的夹角为60°，根据平行四边形定则可知该压力大小为F=2×100

开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m拉至右端，拉力做功最小值，即为小木块在木板上做匀速运动，所以由功的表达式可得：W=FL=2FfL2=μmgL故答案为：μmgL

首先人手那个地方勾股定理得出是5m说明自由端移动2m（之前是3m）定滑轮s=h所以重力这个方向上物体移动了2mW=Gh=100N×2m=200JP=W/t=200J/8s=25W

根据勾股定理可得直角三角形的斜边长为5m，物体上升的高度为5m-3m=2m；若不计绳重和摩擦，他所做的功：W=Gh=100N×2m=200J，功率：P=Wt=200J8s=25W．故选A．

A、将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于B的速度．在沿绳子方向的分速度为vAcosθ，所以vB=vAcosθ．故A错误，B正确．   

如图所示，定滑轮只改变力的方向，不改变力的大小，所以绳的拉力F1=F2=100N，根据平行四边形定则作出力的合成图如图，则柱顶所受压力大小F=2F1cos30°=1003N．故选：B

用力的合成,200,200,夹角为60,所以合力为200根号3

解析:题目没给全：完整题目：如图所示,用一根轻质细绳通过小定滑轮拉着一个质量为m半径为R的实心球,当它沿光滑的竖直墙壁缓慢向上运动至某处时细绳断了,若绳所能承受的最大拉力为T（T>G）,求当球心距离定

一人用绳子通过滑轮拉住重物,如图所示,当人拉着绳子向右跨一步时,系统仍平衡,则与原来相比,人对地面的压力大小将(增大）,地面对人的摩擦力大小将（增大）,滑轮对轴的作用力大小将（减小）,绳对人的拉力和地

以人和吊板为整体做为研究对象.受向上的拉力T和重力（m人+m板）g.（图楼主自己画）得T=880N.应用牛顿第二定律T-（m人+m板）g=（m人+m板）a.代入数据得a=1m/s^2.以人为研究对象.

1.因为是滑轮,对木板受力分析摩擦力为umg,考虑到受力平衡,故滑轮绳子的拉力为umg2.在分析小木块,受到的摩擦力为umg,由第1点可知受到绳子的拉力也为umg,考虑到受力平衡,故水平向右的拉力F=

.设当球心距离定滑轮为L时球将要落下,此时细绳与竖直墙壁的夹角为θ,由力的平衡得: Fcosθ=G 由几何知识有: sinθ=R/L 联立解得:

当木块做匀速直线运动时，拉力做的功功最少，以M为研究对象，得知绳子拉力为：T=μmg，则有：F=T+μmg=2μmg，所以拉力做功的最小值为：W=FL2=μmgL．故答案为：μmgL．

滑轮为定滑轮，不省力，则拉力F=G=98N；利用勾股定理计算绳子现在的长度L=(3m)2+(4m)2=5m，则拉力端移动的距离s=5m-3m=2m，拉力做功：W=Fs=98N×2m=196J；故答案为