如图所示a和b两小球固定在一轻杆两端

先对C和D用整体法分析,有用隔离法分析C和DC受到重力mg和向上的拉力FD受到重力2mg和向上的拉力F由牛顿第二定律,我们有：2mg-F=2maF-mg=ma解得：F=4mg/3,a=g/3其中,F和

1给你说说原理吧.此题涉及到a电场对电荷的引力的问题,b杠杆原理c圆周运动首先分析可能受力的对象：AB小球,轻杆忽略不计.+q将在电场中受力向下的力F1（具体多大电场力自己算）,同时有向下的力F2,故

1.由于b球速度方向水平,速度方向与重力方向成90度,p=mgvcosa,a=90度所以p=o,（a球对地面压力刚好为零）,所以a球对地面的压力为02.（1）w=Fs,s=√（0.4^2+0.3^2)

设当a球对地面压力刚好为零时,b球摆过的角度为a3mg-mgsina=m(v^2/r)这个是对B圆周运动向心力的列式mgrsina=1/2mv^2-0是对B的动能方程列式可以解得sina=1,所以a=

瞬时功率为0,a对地压力也为0.假设运动过程中a不动,设b运动半径为L,动能定理得v^2=2gL,向心力为2mg,则拉力为3mg,假设成立.由于重力与运动方向垂直,则瞬时功率为0.a也就对地无压力了.

若取B的最低点为零重力势能参考平面，根据系统机械能守恒得，：2mgL＝12mv2A+12mv2B+12mgL又因A球对B球在各个时刻对应的角速度相同，故vB=2vA联立两式得：vA＝3gL5，vB＝1

A、因为A、B两球电势能之和不变，则电场力对系统做功为零，因此A、B电性一定相反，A可能带正电，也可能带负电，故A错误；B、A球的电性不确定，无法判断其电势能的变化，故B错误；B、电场力对A、B做功大

以小球为研究对象，分析受力：重力、a、b两绳的拉力T1、T2．根据平衡平衡条件得知，T1和T2的合力方向竖直向上，大小与重力相等，保持不变，作出b绳在三个不同位置时，两个拉力的变化，如图，可图得到，T

AB选项都是对的,（A）A速度最大时,A的加速度为0,也就是是A受力平衡,C恰好离开地面则,绳子的拉力为2mg,由此解得倾角为30度（B）不妨设B上升了h距离时,A速度最大,初始时刻绳子无张力,弹簧受

自己做的不知对不对,最大速度时,A球不受力,即MAgsin30=2mg,得出MA=4mg第二问用动能定理,1/2Mava^2=MaLsin30--mgL又L=mg/k,联立得Vamax=根号2km*g

A、B、假设小球a静止不动，小球b下摆到最低点的过程中，机械能守恒，有mgR=12mv2  ①在最低点，有F-mg=mv2R   ②联立①②解得F=3

A、B，在下滑的整个过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒．故A错误，B正确．C、B球刚到地面时，由于弹簧对系统做的功不能确定，所以B的速度也不能确定．故C错误；D、根据系统机械能守恒得，

①对A：在剪断绳子之前，A处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等．在剪断绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，此时小球A受到的合力为F=mgsin30°=ma，a=gsin30°=g2

1）先用杠杆原理判断一下谁向下转,力乘以力臂,判断出是A球向下转,然后用能量守恒定理做：1/2mAvA^2+1/2mBvB^2=mAghA-mBghBvA：vB=hA：hB=2：3这两个式子连立,解得

这就要看瞬时效果,由于在开始时达到平衡,所以弹簧对小球A的拉力与斜面向下的力相等.B球受到弹簧的力等于A球的下滑力.所以在间断瞬间,A还受到弹簧的力,加速度为0B除了受到弹簧的拉力外,还受到自身的重力

这个你就分析一半行了.设绳子与水天花板夹角为A,也就是一跟绳子受力最大为F时刚好有这么一个关系：T*sinA=Mg那么在根据求出角A的余弦值,不就可以知道L=X/COSA了吗?

机械能守恒!1.0=-2mgL+mgL+1/2*(2m+m)v^2v=根号(2gL/3)2.A速度是v,则B速度是v/2,因为角速度相同!0=-2mg*4L/3+mg2L/3+1/2*2mv^2+1/

（1）设杆转到竖直位置的角速度为ω，A、B两球的速度分别为vA和vB，由公式v=ωR可知：vAvB=LALB取杆的初位置为零势能面，以两球组成的系统为研究对象，由机械能守恒定律得：-mAgLA+mBg

（1）设杆转到竖直位置的角速度为ω，A、B两球的速度分别为vA和vB由公式v=ωR可知vAvB＝LALB取杆的初位置为零势能面，以两球组成的系统为研究对象，由机械能守恒定律得：-mAgLA+mBgLB