如图所示将一根弹簧的下端固定在烧杯的底部,上端固定一个铁块
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/07/19 20:48:29
解题思路:解答时,首先要注意弄清小球的运动过程,而后根据牛顿第二定律求出加速度与位移之间的关系,最后再确定图象的正、误。解题过程:解:小球开始下落时,做自由落体运动,加速度不变,当小球和弹簧接触时,受
在B点时,此时弹簧还没开始压缩,也就是说A球合外力不为0,故不是速度最大点在C点时,此时合外力为0,也就是说A球此时速度达到最大值,再往下会因弹簧弹力而减速在D点时,则小球从A点下落到D点的重力势能全
是的,从A到C位置小球的重力势能的减小变为弹簧的弹性势能和小球的动能,故从A到C位置小球的重力势能的减小大于小球的动能增加.
是要分析小球的运动情况吧!可以结合重力G与弹簧弹力F的大小关系进行.小球从静止开始下落后先做自由落体运动,以一定的速度与弹簧接触,然后压缩弹簧,直至将弹簧压缩至最短.压缩过程中弹力从零开始逐渐增大,压
第一次的表达式mg/k第二次的表达式mg/k+mg/2k弹簧无论怎么切,弹性系i数k都不变,所以对于右图,分别列出两个弹簧的受力-形变方成就可再问:总的捏??再答:总的是什么意思。我没明白再问:追问呃
从2N到10N,力变化了8N,形变量增加了0.08m故:k=ΔF/Δx=8N/0.08m=100N/m也可以根据F=kx列方程组:设原长为L则:2N=k(L+x1)8N=k(L+x1+x2)其中,x1
A、在物体重力的作用下,会使弹簧发生形变,因此,物体不可能立即停止运动,是错误的;B、在物体下落的过程中,重力不变,弹力增大,在物体刚接触到弹簧时,受到的弹力小于重力,所以有向下的加速度,速度继续增大
(1)小球由A到B的过程中,机械能守恒,有:mgh1=12mvB2得:vB=2gh1(2)小球由A到D的过程中,重力做功,弹簧的弹力做功,重力势能转化为弹簧的弹性势能,机械能守恒.由机械能守恒得弹簧的
上半部分弹簧为S1部分拉伸情况不变,下半部分S2拉伸减小,L2一定小于L1,且m1越大、S2原长度越长,L2就越短,故选项C正确.故选C.
1楼分析是对的,但仍没达到你的要求-为什么到x0时加速度大小大于g?这个问题的完整回答最好学完人教版选修3-4先简单解答,若物块从弹簧原长,即自由端处释放,加速度大小为g,方向向下,到最低端,由对称性
设弹簧原长为L0,劲度系数为k;重物的质量为m.根据你的描述可知:L=L0-mg/k.将弹簧截成等长的两段后,每段的原长变成L0/2,劲度系数变成2k,放上半个重物后,长度为:L1=L0/2-mg/4
当升降机以4m/s2的加速度加速向上运动时,根据牛顿第二定律得,F+N-mg=ma,代入数据解得N=1N.当升降机以8m/s2的加速度加速向上运动时,合力增大,知支持力增大,由于弹簧的形变量不变,则弹
设弹簧原长度是x,受到G大小的力后,变形长度为y,劲度系数是k,那么y=G/k.上端固定时,受到的是G大小的拉力,弹簧拉长,此时的长度L1=x+y=x+G/k.下端固定时,受到的是G大小的压力,弹簧缩
感觉像D我是这样想的,如果物块从弹簧顶端开始释放而不是从高处释放.想想物块在最高点和最低点速度都是零,根据振动的对称性,物块在最低点的时候,加速度大小跟最高点一样,都是g.但是物块是从高处释放,那他到
当木块全部浸没时受到的浮力F浮全=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.04m)3=0.64N;木块一半浸入水中,受到的浮力F浮半=12F浮=12×0.64N=0.32N;当水深达
(1)分离瞬间加速度相同,相互作用力为零,而此时B物体只受重力,加速度为重力加速度,故A物体加速度也为重力加速度,弹簧长度为原长L0.(2)从撤除力到A、B分离,系统机械能守恒,则有:EP=2mg(2
由图中的矢量三角形可知,F先减小后增大,绳子拉力一直减小.再问:有详细步骤吗?再答:F由AB到AC到AD到AE......所以F先减小后增大,绳子拉力由OB到OC到OD到OE......,所以绳子拉力
以钢球为研究对象,分析受力情况,作出力图,由平衡条件求出弹簧的弹力,再由胡克定律得出弹簧伸长量x与θ的关系式,选择图象.//--------------------------------------
A、烧断细线瞬间,小球受重力和弹簧的弹力,弹簧的弹力可能大于2mg,所以球所受合力的最大值可能大于球的重力值,故A错误.B、当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时速度最大,再向上运动速度减小,动能减小,但
当木板与物体即将脱离时,m与板间作用力N=0,此时,对物体,由牛顿第二定律得: mg-F=ma又 F=kx 得:x=m(