如果当时的大气压为p0,容器中的气体压强为0.2p0,则Fa=
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/07/07 13:36:35
ρ水银gh1=ρ水gh2ρ水银=13.6×10的三次方,ρ水=1×10的三次方,h1=76cm解得h2=1033.6cm≈10.3m
二楼的方法用得都不对,或者说自相矛盾,第一种方法里认为是匀加速,可到了第二种方法里又认为v是不变的了,其实这个用伯努利公式就行了,是教材里选学的内容.也可以针对这道题用动能公式推导,设小洞的面积为S,
其实本质上大气压无论在什么情况下都是要考虑的因素,只是在紧密接触时大气压的作用才可以显现出来,而当非紧密接触时,大气压的作用其实被抵消掉了,所以造成一种假象,好像紧密接触才考虑大气压,不是紧密就不用考
中心质点取各段的中点就行了呀,设一个横截面积S,最后会消掉的,这不是初中生的题吗?
6.5amt为6.5个标准大气压而760mm高的水银柱为一个标准大气压所以该处的气压为6.5-1个大气压所以为5.5个大气压即5.05*10^5Pa由1/2gh*水密度=压强所以深度为101米
(1)P=Po-ρ液gh=1.013*10^5-13.6*10^3*10*0.5=0.396*10^5=3.95*10^4Pa方向向上(2)水银柱下降直到和水银槽内的水银表面向平
1:牛顿第三定律得知力的作用是相互的,就像你用力推一固定的面墙,无论你的用力是多大,墙作用在你手上的力和你的力大小相同、方向相反;这一题我们易知每一组马的作用力肯定相同,这样我们可以假设一组马及他的的
由于系统隔热,所以气体与外界没有热交换,活塞对气体做正功,所以由热力学第一定律知气体的内能增加,且△E=W,而从能量守恒的角度考虑,m和M减少的机械能即重力势能和大气压做功共Mgh+mg△h+poS△
以容器内气体与打入气体为研究对象,气体的状态参量为:p1=p0,V1=(n+1)V0,V2=V0,由玻意耳定律得:p1V1=p2V2,即:p0×(n+1)V0=p2×V0,解得:p2=(n+1)p0;
气缸内气体温度发生变化时,气缸内气体的压强保持不变,大小为p=p0+G/S,其中S为活塞的横截面积.应用盖·吕萨克定律即可求解.以气缸内气体为研究对象.初状态温度T1=(273+20)K=293K,体
往上提玻璃管的一刹那,水银柱是不受你的拉力的,但是随着玻璃管往上运动,水银柱与玻璃管上壁有分离的趋势,这种趋势由于大气压强的存在不能随意扩大,所以你的拉力也要克服水银柱的重力~
理想气体状态方程PV=nRT所以P/T=nR/V=定值因而有P0/273=P1/283=P2/29320度时的压强P2=293P0/273=293PI/283再问:有(A)(1+10/273)P0(B
1mm汞柱换算真空压力表是这样的:(1/760-1)/10=-0.0998MPa,之所以要除10是因为真空表最大真空-0.1MPa,2,实验室油泵最大真空度可能是0.2-0.5kpa,换算为mm汞柱:
等于大气压再加上液体的压强.P=Po+ρgh大气压为75cmhg,但是没说液体是汞,知道不知道没有实际意义.
选择液柱下表面为研究对象,受到的向下的压强=向上的压强P气+h=PoP气=76-5=71mmHg
<小于再问:确定吗再答:确定再答:望采纳再答:求评价
甲和乙怎么是一样的、、、、应该是试管朝下满足p