已知某直流电动机铭牌数据如下
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/09/30 09:52:20
励磁功率P1=220*220/91;电枢输入功率P2=220*75;电枢铁损P3=600;机械损耗Pm=1989;转速n=1000*2*π/60;额定输出功率P0=P2-P3-Pm;额定输出转矩M=P
Q=cmΔt=4.2×10^3×1.5×(100-20)=5.04×10^5Jt=Q/P=5.04×10^5/1500=336s一部分热量散失到空气中,或功率不能达到额定功率
1、看额定转速nN=1460r/min,就知道同步转速n0=1500r/min,所以SN=(n0-nN)/n0*100%=2.67%2、TN=9.55*PN/nN=85Nm,那么TM=2*TN=170
(1)∵P=UI,∴正常加热时通过饮水机的电流I热=P热U额=440W220V=2A;(2)正常加热时电阻R2消耗的功率是P2=P热-P保=440W-40W=400W,∵P=U2R,∴正常加热时电阻R
由于所受阻力与速度成正比,而且匀速(F=f牵引力=阻力)故电机牵引力之比F1:F2为15:25又功率P=F*V,所以功率比P1:P2=15*15:25*25=9:25最大里程之比S1:S2=V1*T1
最大功率=500A×140V=70KVA,最小功率=105×24=2.54KVA.
∵.x=3+4+5+64=4.5,.y=2.5+4+3+4.54=3.5∴这组数据的样本中心点是(4.5,3.5)根据线性回归方程一定过样本中心点得到线性回归方程y=a+bx所表示的直线必经过点(4.
额定电流In=Pn/1.732/Un/cosφ/η=40/1.732/0.38/0.9/0.9=75A启动电流Iq=6In=6*75=450A额定转矩Mn=9550*Pn/n=9550*40/1470
额定功率.额定电压.额定电流.额定转速.相数.型号.绝缘等级.工作方式.允许温升.功率因数.质量.出厂日期等.
(1)1L=1.0×10-3m3m=ρV=1.0×103kg/m3×1.0×10-3m3=1kgQ吸=cm(t-t0)=4.2×103J/kg•℃×1kg×60℃=2.52×105J答:热水箱储满20
励磁电流=220/91=2.42A额定电流=75+2.42=77.42A输入功率P1=220*77.42=17032.4W≈17KW电枢铜损=75²×0.26=1462.5W励磁绕组铜损=2
1)水的质量=1.0*0.8=0.8KG2)t=w/(80%*p*60)=2.0*10^5/(80%*500*60)=25/3分3)W=2*500/1000+22*40/1000=1.88度
额定输入功率:132KW额定输出功率:P=132×0.88≈116(KW)额定状态下2小时的耗电量:132×2=264(KW/h)
(1)根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点,然后用平滑的曲线把各点连接起来,得到元件的伏安特性曲线如图所示;(2)I-U图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小,而斜率表示电阻的倒数,知元件的电阻增大.(
功率=做的功/时间=质量*9.8*距离/时间=质量*9.8*速度P=F×v÷60÷η
把转速降到1000r/min时的电枢电压:(1000r/min)/(1500r/min)*220V=146.7V应串入的电阻:(220V-146.7V)/68.7A=1.07欧
解:(1)R=U2/P=(220V)2/800W=605欧(2)t=W/P=Q/P=6.72×105J/800=1680秒(3)P=U2/R=(220V)2/605欧=80W
(1)由P=U2R可知该电热水壶的电阻:R=U2P=(220V)2800W=60.5Ω.(2)水吸收的热量:Q=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×1000kg/m3×2×10-3m3×
(1)∵U=220V,P=800W,∴电热水壶正常工作时的电阻为:R=U2P=(220V)2800W=60.5Ω.(2)从题可知,水的体积为V=2L=2×10-3m3,而ρ水=1.0×103kg/m3