当P.Q出发几秒后,梯形ABQP的面积是梯形PQCD面积的两倍

OC=根号（4^2+3^2）=5梯形OABC周长=5+10+3+14=32出发X秒2X+2X=32/2=16X=4假设经过了T秒那么OCPQ面积=1/2(2T+2T-5)*H=PQAB面积=1/2[1

设梯形的高为H设运动T秒后,四边形PBCQ的面积是四边形APQD面积的2倍则T秒后,AP=1.5TCQ=TBP=10-1.5TDQ=4-T因为AB=10,P点的运动时间=10/1.5=20/3CD=4

中考没见过月考见过

首先,观察一下梯形本身的特点,你会发现它是由三个边长为2cm的等边三角形组合而成的.取BC的中点为Y,则容易发现：AD=AB=CD=BY=CY=AY=DY=2cm延长BA,CD,记这两条延长线交点为X

（1）过点D作DE⊥BC于点E,由已知得AD=BE,DE=AB=20cm．在Rt△DEC中,根据勾股定理得EC=15cm．由题意得=(AD+DC)/3=(AB+BE+EC)/3,∴(AD+25)/3=

设A(0,m)、B(0,－m),考虑到直线PQ斜率肯定存在,可以设PQ：y=kx＋m,代入抛物线x²=2py中,得：x²－2pkx－2pm=0,此方程两根x1、x2即为点P(x1,

S△ABP=2S△ABQQ(0,2)得P(X',4)设Y=a(x-x')∧2＋4把Q(0,2),K(-1,-4),代入解得a=-2,x'=1Y=-2(x-1)∧2＋4y=-2x²+4x+2

（1）作BE平行AD,得BE=AD=BC,所以EC=BC=BE=5,DQ=PC=x,所以S=(9-x)xsin60,当x=4.5

我来告诉你吧!有两个解.先来说明下,它问P,Q和梯形ABCD的两个顶点构成平行四边形对吧,也就是说,可以构成PQAD或者PQBC两种四边形,所以你就要考虑这两种情况①以PQAD来构成四边形,因为是梯形

(2)证明:作BH垂直AD于H,则AH=AD-BC=2.∵AH=AB/2.∴∠ABH=30°,∠A=60°.当0再问：我是初三的，还没有学到相似了，能用学过的知识解吗再答：当然可以,条条大路通罗马嘛!

因为Q（0,2）,所以c=2,设解析式为y=ax^+bx+2,因为S三角形ABP=2S三角形ABQ,所以Yp=4又过K（-1,-4）且Yp=4,所以4ac-b^——=4,a-b+2=4.解之得,b=4

1.设动点P,Q出发t秒后,点P到达点A且点Q正好到达点C,则BC=AB=t∴S三角形BPQ=二分之一×t×6=30∴t=l0(秒),即BA=10．过点A作AE⊥BC,垂足为E,从而得BE=√10的平

（1）在直角梯形ABCD中,∵QN⊥AD,∠ABC＝90°,∴四边形ABNQ是矩形.∵QD=t,AD=3,∴BN=AQ=3-t,∴NC=BC-BN=4-（3-t）=t+1.∵AB＝3,BC＝4,∠AB

(1)若Q点到达C点时BC=t·2cm/s设在t时间内P点的的移动长度为s,则s=t·1cm/s又因为三角形ABC为等边三角形所以：s=t·1cm/sBC=t·2cm/sBC=AB得：s=1/2ABP

（1）设动点除法t秒后,点P到达点A且点Q正好到达点C时,BC=BA=t,则S△BPQ=1/2*t*6=30,∴t=10（秒）则BA=10cm,AD=2cm（2）可得坐标为M（10,30）,N（12,

每个三岔路口,有50%概率走对对应每个三岔路口,掷硬币一次,现掷硬币的次数是在四次以内（含第四次）,则掷硬币次数0——1——2——3——4到B点概率100%,50%,25%,12.5%,6.25%若有

[解] （1）如图1,过点P作PM⊥BC,垂足为M,则四边形PDCM为矩形.∴PM＝DC＝12  ∵QB＝16－t,∴S＝（1/2）×12×(16－t)＝96－t（2）由

就是：当且仅当q（命题）成立时,p（命题）成立.也可表示成：p（命题）成立时,q（命题）成立；q（命题）成立时,p（命题）成立.即p（命题）等价于q（命题）.没别的意思.

角EAP=角EAD+角DAP=角QAB+角DAP=角QAP+角DAP=角DAQ=角BQA=角DEA所以三角形PEA为等腰三角形.AP=PE=DP+DE=DP+BQ

（40+/-4）/（2+10/（20/2））=12或44/3