若稳压电源含有不可忽略的内阻在试验中如何处理

设两电流表的内阻为R1R2第一个电路图中干路电流为2+3=5A所以恒电压U=2R1+5R=3R2+5R2R1=3R2第二个电路图中恒电压U=4R1+4R2+4R两恒电压是不变的,所以2R1+5R=4R

A、因电压表示数减小，而R1为定值电阻，故电流的减小量一定等于△UR1，故A正确；B、R1两端的电压减小，则说明R2及内阻两端的电压均增大，故R2两端的电压增加量一定小于△U，故B错误；C、因内电压增

A、B、若R1的温度逐渐降低时，其电阻增大，外电路总电阻增大，总电流就减小，电源的内电压减小，路端电压增大，所以通过R2的电流增大，而总电流减小，所以通过灯泡的电流减小，灯泡L的亮度逐渐变暗；相反，R

R1:R2=3:2R并=R1R2/(R1+R2)根据两次列方程：U=(R并+R阻)I1U=(R1+R2+R阻)I2解出来相消：7U=38R阻所以,I=38/7

设电源内阻为r,电动势为E.A表示数：I=E/(R1+R2+r)A表示数变化量：dI=E/(R1+r)-E/(R1+R2+r)=E*R2/(R1+r)(R1+R2+r)V1表示数：V1=I*R1=E*

内阻为0时,假设自感线圈的自感电动势不等于电源的电动势,一旦电路中出现电势差,根据欧姆定律,电流一定瞬间增强,剧烈变化的电流会立刻引起自感电动势阻止电流变化,直到电流不再变化,也就是电势差为0,所以自

不是已经有分析了么?那个是向下分析的,你这个事向上的,几乎是一样的思路啊

AB、若滑片向左移动，则滑动变阻器的阻值减小，电路的总电阻减小，故电路的总电流增大，此时电压表V1的示数增大，V2的示数减小．电流表的示数增大，由于内电压增大，则两电压表示数之和减小．故A正确，B错误

当S闭合时，4Ω的电阻被短路，外电路总电阻减小，电流增大，则电流表示数大于0.30V．外电阻减小，则路端电压随之减小，设电流表的示数为I，则有I×6Ω＜0.3A×（4Ω+6Ω），则得：I＜0.5A故得

两只电流表并联,示数分别为2A和3A,说明R1：R2=3R'：2R'=3:2,则两表并联后总电阻为6R'/5,U=5R+5*6R'/5两只电流表串联,U=4R+4(3R'+2R')由上两式可得：R=9

设电压为U,A表内阻为R1,B表内阻R2则并联电路电阻之比=电流反比所以R1:R2=3:2所以R2=2/3R1则两表并联等效电阻为2/5R1,串联等效电阻为5/3R1根据两种接法,列示U=(2/5R1

这是你的电路图.对于灯泡来说,提供电能的是电源.因为Ua直接并联在电源两端,所以其电压Ua=E.又因为B灯与C灯串连接,然后再接到电源两端,所以B灯两端的电压+C灯两端的电压=电源电压.所以：Ua=u

电键S接位置1时,I1＝0.20A,U1＝I1*R1＝2V电键S接位置2时,由于电阻由10欧姆减小为8欧姆,因此电流要增大：I2＞I1＝0.2A；由U2＝E－I2*r、U1＝E－I1*r得：U2＜U1

A、B、C、灯泡正常发光，则电路电流I=IL=PLUL=12V6W=2A；电动机的热功率PQ=I2RM=22×0.5=2W；灯泡正常发光时，电动机电压UM=U-UL=12-6=6V，电动机的输入功率P

你要明白电压表测的外电路电压.如果是电源内阻不可忽略,R0向下滑动,除电源之外的负载电阻变小,电流增大,电源电阻分的的电压变大,输出电压减小,故而电压表示数变小.R0向下滑动时,R2与R0的并联电阻减

注意第一点：光敏电阻的阻值随光照的增强而减小（为半导体材料制成）；注意第二点：无光照时外电路的总电阻比电源的内阻小,那么有光照时光敏电阻R减小,外电路的总电阻仍比电源的内阻小,且更小.也就是说题设条件

当电键S闭合时，两个电阻并联，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流I增大，即电流表示数变大，所以内阻所占电压变大，所以路端电压变小，即电压表示数变小．故选BC

S闭合时,4Ω的电阻被短路,假定电源内阻r,则I=U/r+6=0.3AS断开后,形成串联电路I＇=U/r+4+6=U/r+10下式除以上式,化简可得I＇=0.3/[1+4/(r+6)]分析：当r无穷小

在变阻器R0的滑片向上滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器R0与R2并联电阻R并增大，则外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压U增大，则电压表示数增大．并联部分

两种情况下水银柱的体积不变即SL=SoLo因为R=P*(L/S)知管的半径变为原来的2倍,那么水银的长度变为原来的1/4,故电阻变为原来的1/16.因为电压不变,电流应为原来的16倍,所以是1.6A