质量为m的小球,一水平 v跟墙面做弹性碰转,小球的动量变化为

首先对左边受力分析,对该系统：F1=(M+m)a.对小球,拉力T的竖直分力Tcosα=mg,水平方向：F1-Tsinα=ma,即Tsinα=Ma,tanα=Ma/mg.a=mgtanα/M对右面：F2

v小于根号2glv大于根号5gl要使悬线始终不松弛,只需保证小球在最高点时悬线是拉直的,F向心力=G=mv^2/lv=根号gl根据机械能守恒1/2mv^2+2mgl=1/2mV^2V=根号5gl水平初

首先对左边受力分析,对该系统：F1=(M+m)a.对小球,拉力T的竖直分力Tcosα=mg,水平方向：F1-Tsinα=ma,即Tsinα=Ma,tanα=Ma/mg.a=mgtanα/M对右面：F2

碰撞前A球的动能为1/2*mV^2那么碰撞后A球的动能为(1-75%)×(1/2*mV^2)=1/8*mV^2碰撞后A球的速度为v1,则：1/2*m*(V1)^2=1/8*mV^2,所以V1=1/2*

1.重力势能从Ep=mgh变为0,△EP=mgh=m*g*1/2*g*t^2=m*g^2*t^2/22.能量守恒：EP+1/2mv0^2=1/2mv^2解得v=√(g^2*t^2+v0^2)3.P平均

1、两滑块碰撞时间极短,小球未来得及发生变化,对两滑块由动量定理得：MV=2MV1V1=1/2V损失的机械能E=1/2MV^2-1/2*2M(1/2V)^2=1/4MV^22、小球上升到最大高度时,系

1）球m在平衡位置时,子弹射中,此时球的速度最大,根据动量守恒mV=2mv,v=0.5V.2）子弹带来的能量（摩擦热刨除）为1/2*2m*（0.5V）^2=1/4mV^2.最高位置,球与M同速度.动量

要使悬线始终不松弛,只需保证小球在最高点时悬线是拉直的,F向心力=G=mv^2/lv=根号gl根据机械能守恒1/2mv^2+2mgl=1/2mV^2V=根号5gl水平初速度V大于等于根号下5gl哦,不

先分析运动过程：球到最高点时速度为竖直方向,水平方向速度为0,车速度为水平方向,车和球水平方向不受力,竖直方向受力设追高点时求速度V1,车速度V2,车和球水平方向动量守恒得：mV=MV2得V2=mV/

根据动量守恒和能量守恒（1）在水平方向,从最初和最末的状态来看,这个过程动量守恒,能量（而且表现为动能,由于高度一样,所以势能没有变化）也守恒,其结果跟弹性碰撞是一样的.所以发生了速度替换.故：小车速

（1）人对球做功等于球此时的初动能,所以为1/2*0.2千克*（12米/秒）^2=14.4焦耳；（2）球落地时的动能等于抛出时的初动能+重力势能,所以落地时的动能为14.4焦耳+0.2千克*10米/秒

不在电场运动,加速度g,时间t,下降高度h1=1/2gt²,垂直速度v1=gt在电场中运动,加速度2g/3,时间t,下降高度=为h2=1/2*(2g/3)t²,垂直速度v2=2/3

解析：由平衡条件得：\x09mgtan37°＝Eq①\x09故E＝3mg4q②\x09(2)由动能定理：\x09(mg＋qE)l(1－cos37°)＝12mv2③\x09圆周运动最低点时,\x09F向

回答：首先a碰后的速度是V/2吧.假设小球碰后速度没有改变,由动量守恒可以计算得到小球b的速度为V/6,比V/2小,也就是说在这个假设下小球a的速度会比小球b的速度小,不合理,显然假设不能成立.假设碰

质量为m的A小球以水平速度v与静止的质量为3m的B小球正碰后,A球的速率变为原来的1/2,而碰后球B的速度是V/2由动量守恒mv=mv1+3mv2正碰后,A球的速率变为原来的1/2设正碰后A小球速度与

1.机械能守恒,动量守恒,以碰撞点为参考点的角动量守恒2.

根据牛顿第二定律得，拉力提供向心力，有F=mv2r．故B正确，A、C、D错误．故选B．

（1）根据牛顿第二定律得，拉力提供向心力，有F=mv2r．（2）小球圆周运动的周期为：T=2πrv．转动一周的时间为T，则小球运行n圈所需要的时间为t=nT=2πnrv．（3）将绳子剪断后，小球所受的

解题思路：1根据恰好过C点可的C点的速度，再根据平抛求出答案2、根据平抛求速度解题过程：见附件

/>小球受到的槽的支持力的水平分力充当了合力.圆槽受到的那个力F对槽起作用,对对小球就不起作用.再问：就是把我的问题换成肯定句哈。。谢谢再答：再见