一光线从原点 (0,0)出发经过直线8x 6y=25

1.(1)∠POQ=∠POR=30º,三角形PQR为等腰三角形且∠PQR=120º,有光学性质：∠OQP等于∠PQR的补角=60º,QP⊥x轴,所以QP的倾斜角为90&#

过B点作X轴的垂线与X轴相交于点D，则BD⊥CD，∵A点经过点C反射后经过B点，∴∠OCA=∠DCB，∴△OAC∽△DBC，∴OABD＝OCCD，∵A的坐标为（0，1），点B的坐标为（3，3），∴OA

8x＋6y＝25, y＝-4x/3+25/6设（0,0）相对直线L的对称点为（x,3 x /4）（互相垂直的直线,斜率互为负倒数）连接这两点,与直线L的交点为（0.5x,

有图么?在第二秒之前,速度都是正值,所以物体一直都在往正方向运动,在第二秒之后,速度变为负值,说明此事物体开始往反方向运动,所以在第二秒时物体离原点最远.第四秒时回到原点,路程就是把速度图像与坐标轴围

/>(1)设A(-3,5)关于直线L:3x-4y+4=0的对称点为P(m,n)则AP所在直线与直线L垂直直线L的斜率=3/4∴AP所在直线的斜率为-4/3则（n-5)/(m+3)=-4/3且AP的中点

告诉你一个简单的方法,vt图像中线于坐标轴围成的面积等于路程,因此,四秒的时候才回到了原点,并不是三秒.

应该不是一光线吧.可能是一个光源,它从焦点发出的光,经透镜折射后平行主轴射出,在光屏上得到的是一个和透镜等大的光斑.再问：是这个意思：U=f时，探究凸透镜成像规律，在光屏上不能成像，却有（圆亮斑）我主

如图可以得到,质点先加速后减速,这是速度方向是负的,位移也是负的,且位移大小一直增加,1秒时,速度为0,然后开始朝不同方向加速,这时速度方向是正的,但位移仍然是负的,但大小开始减小,所以后一秒位移大小

法1：B点作x轴的垂线与x轴相交于点D，则BD⊥CD，∵A点经过点C反射后经过B点，∴∠OCA=∠DCB，∴△OAC∽△DBC，又∵BD⊥CD，AO⊥OC，根据勾股定理得出OADB=ACBC=OCCD

可求平行向量(1,2)的直线是2x-y+2=0经过F2和P的反射直线是x-2y-1=0连立2方程求得椭圆上一点M(-5/3,-4/3)设椭圆方程是x^2/a^2+y^2/b^2=1c^2=a^2-b^

圆C：x2+y2-10x-14y+70=0，即（x-5）2+（y-7）2=4，表示以C（5，7）为圆心，半径等于2的圆．一束光线从点A出发，经过x轴反射到圆周C的最短路程等于点B（-1，-1）到点C的

求点a关于直线L：3x-4y+4=0的对称点c（x,y）(y-5)/(x+3)=-4/33(x-3)-4(y+5)+4*2=0x=3y=-3直线cby=-18x+51而且直线cb与直线L：3x-4y+

入射光线与反射光线所在的直线关于直线l对称,从而（0,0）关于直线l的对称点O'(a,b)在反射光线所在的直线上.由于OO'垂直于l,且OO'的中点(a/2,b/2)在直线l上,所以b/a=3/4且4

A关于x轴的对称点A'坐标是（0，-1）连接A′B，交x轴于点C，作DB∥A'A，A'D∥OC，交DB于D，故光线从点A到点B所经过的路程A'B=A′D2+DB2=(6-0)2+(2+1)2=35．故

（1）依题意,A点坐标为（4,2）,O点坐标为（0,0）,代入解析式得c=016a+3/2×4+c=2,解得：c=0a=-14∴抛物线的解析式为y=-14x2+3/2x；令y=0,则有0=-14x2+

题目有问题吧!直线方程应该是8x-6y=25吧!你打错了一个符号.按照直线方程8x-6y=25求解.首先将直线化为点斜式y=8/6x-25/6y=4/3x-25/6从这里得知此镜面的斜率k=4/3下面

答：点A（0,2）关于x轴的对称点为D（0,-2）BD与x轴的交点即为所求的点C因为：CA+CB=CD+CB=BD所以：最短路程=BD=√[(6-0)^2+(6+2)^2]=√(36+64)=10所以

(1)设P（1,-3)点关于直线L：8x+6y-25=0的对称点为P~(x,y):则(y+3)/(x-1)=3/4;8×(x+1)/2+6×(y-3)/2-25=0解得：x=33/5,y=6/5所以P

因为入射光线与反射光线所在的直线关于直线l对称,从而（0,0）关于直线l的对称点O'(a,b)在反射光线所在的直线上.由于OO'垂直于l,且OO'的中点(a/2,b/2)在直线l上,所以b/a=3/4

由光线反射规律知角1=角2,【过A作x轴的垂线,即为法线】所以角QAO=角PAx,k1=-k2;QA:y=k1x+b1,y=-(QO/AO)x+1=-(4/3)x+1;AP:y=k2x+b2,y=(Q