两个圆形单匝线圈共面放置,半径分别为R和r

从图2可以看出,第1s内,磁场在正方向上均匀增加,故产生的感应电动势和感应电流大小恒定,方向和正方向相同；在1s末至3s末,磁场不变,穿过圆环的磁通量不变,故在这2s内感应电动势、感应电流为零；在后2

由安培定则可知，感应电流的磁场垂直于纸面向里；b受到的合力向下，由楞次定律可知，说明穿过b的磁通量减小，原磁场方向垂直于纸面向里，由安培定则可知，a中电流方向向右，原磁通量变小，则原磁场减小，a中电流

这个考的概念点是楞次定律首先AB要有作用力的话,AB两个线圈都有电流才行而B是感应电流,当通过B的电磁场发生变化的时候才会有感应电流在t1点,A线圈有电流但是电流变化-0也就是说A线圈产生的磁力线,穿

B1=u0I/2R方向垂直纸面向里B2=u0I/2R方向向上所以圆心O处磁感应强度大小为B=sqr(2)u0I/2R式中u0为真空中的磁导率,大小为4pi*10的负7次方.

我读高中时是用的人教2003版物理课本,上写的磁通量公式为Φ=BS,不知道现在的高中物理课本上磁通量的公式是不是这样写的.要是磁通量公式是Φ=BS这样写的,那么这个公式其实是要解释过的,公式中的S是线

看这个图,根据右手定则,产生的磁场向上且呈现中间密两边疏的情况,所以2从上到中间,磁感线变密,磁通量逐渐变大,方向向上,穿过1后向下,磁感线变疏,磁通量变小,方向依旧向上~

1、交变电动势的顺时针E=NBSwsinwt,此处BS=(5/π^2)π*0.01=0.05/π,N=100.n=10r/s,w=2πn=20π所以E=(5/π)*20πsin(20πt)=100si

匀强磁场中绕过直径的轴匀速转动Em=nBwS=30V(1)线圈由图示位置转过90°时线圈中的感应电流为Im=Em/R=3A(2)线圈中感应电流的瞬时值表达式e=Emsinwt=30sin300/π*t

选A.I最大时,应是曲线斜率最大时刻,计算得I=0.01A.B对：根据楞次定律,“增反减同”右手定则可知电流方向先顺时针后逆时针.C对：P=(I^2)R,P最大事应是I最大时,代入得P=0.0001W

由楞次定律,N线圈各处受到沿半径指向圆心的力即N线圈面积有减小的趋势,那么推得N线圈中磁感应强度增大N中磁场由M中电流产生,I=vBL/R,因此速度增大由于N线圈中磁感应强度增大与磁场方向无关,故与I

穿过线圈的磁通量计算式=BS,这里B和S要求相互垂直,且S为处在磁场中的有效面积.如果不垂直则看S在垂直B方向的投影的面积,若以ab为轴转动,在转过30度和60度的过程,二者在垂直B的方向上投影面积相

A、在t1到t2时间内，若设顺时针（从左向右看）方向为正，则线圈A电流方向顺时针且大小减小，所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小减小，由楞次定律可知，线圈B的电流方向顺时针方向，因

没看到图有一半面积另算公式：Φ=BS,适用条件是B与S平面垂直.当B与S存在夹角θ时,Φ=B*S*cosθ有一半面积另算

是小的大!磁通=磁铁内的磁通—磁铁外线圈内的磁通,大线圈减去的多,所以小的反而大

当小线圈中通有电流I时, 产生的磁场方向有上有下,总量又相等合起来为0 半径分别为R和r,且R远大于r,且R远大于r说明小线圈产生的磁场很少跑在大线圈外所以为0

（1）由法拉第电磁感应定律得：E=n△B△ tS=n△B△tπR2，因n、△B△t相同，则得到：E：E′=R2：R′2=1：4．（2）根据电阻定律：线圈的电阻为r=ρLs，则ρ相同，而L增长

1、OAB为等边三角形2、重心G在AB连线上3、OG竖直4、(GA-r)/(根3*r)=tan(rpha-30度)结论：rpha=arctan[2*(mb-ma)/根3/(ma+mb)]+30度

题目中没说清楚,不知道AB边是否在磁场内,故分类讨论1.ab边在磁场外或一半在磁场内30度时fai=四分之根号三BS.60度时fai=0（正好离开磁场）2.ab在磁场内二分之根号三BS和0.5BS

线圈转速10/πr/s要化成20rad/s磁通量指的应该是100匝总的磁通量这样E=2BLwR*sin(π/6)=Φ*w*1/2=0.3