22. 光滑的长木板AB长为1.6m,可绕固定点

当电场方向向上时,物块c只能滑到AB中点,说明此时电场力方向向下,可知物块C所带电荷的电性为负.电场方向向下时有：μ（mg－qE）L=½mv02/2一（m＋M）v2/2mv0=（m十M）v电

1)木块的加速大于木板的加速度,两者就会有相对运动,最终木块脱离木板(F-μmg)/m>μmg/M得F>μmg(m+M)/M2)μmg(m+M)/M=kt得t=μmg(m+M)/(Mk)

长木板静止在光滑水平面上的过程：取长木板和小滑块组成的系统动量守恒mVo=mVo/3+MV1解得V1=2mVo/3M产生的摩擦热Q1=小滑块的初动能-（小滑块的摸动能+长木板的末动能)Q1=1/2*m

分析:1)小物块最终恰好回到A端且不脱离木板,说明小物块最终和木板相对静止,设最终的共同速度为V根据动量守恒可以得到:m*Vo=(m+M)*V解出,V=m*Vo/(m+M)=0.8m/s2)根据能量守

第一个问题：题目想强调二者有相对运动,另外滑动一段距离和有相对运动是两个概念：前者是结果,后者是过程：滑动一段距离是一个结果,意思是跟开始比有一个相对位移,而相对运动是一个过程,是说二者的速度不一致,

设木板和物块最后共同运动的速度为v，由动量守恒定律mv0=（m+M）v-----①设全过程损失的机械能为E，E＝12mv20−12(m+M)v2------------②用W表示在全过程中摩擦力做的总

A、B都减速.最后速度相同.据动量守恒：M*Vo+(-m*Vo)=(M+m)*VV={(M-m)/(M+m)}*Vo,方向向左.据“动能定理”（对m,向右运动到达的最远处的速度为零）F*X=(1/2)

以小铁块为研究对象,根据动能定理,摩擦力做功等于动能改变量（因为支持力与重力与位移垂直,不做功）W=1/2*m*[(V/2)平方-0];得W=mv平方/8

(1)物块受到的滑动摩擦为μmg=0.2mg,之后对木板受力分析前1s合力为0.8mg,1s~1.5s为0.2mg之后一直受到水平向左的摩擦力,直到木板与木块速度相同,经2s后相同(2)根据速度公式,

mv=(M+m)VV=0.8m/sE始=1/2mv2=8JE末=1/2(M+m)V2=1.6JE损=8-1.6=6.4JEf=umgS=2JEf总=2Ef=4JE碰=6.4-4=2.4J

无奈.又要自己出场.楼上的大哥说了很多,全是最最基础的,跟本题无关.这是我请教猫咪同学后的领悟：以斜面为参照物,人不动,木板动,木板受到人和木板总重力的沿斜面向下分力(m'+m)gsinθ,木板质量m

此题中,在木板不固定的情况下,摩擦力做的功等于木板的动能和小滑块相对木板滑动做的功,第一小题：中因不知道摩擦因数μ,只能设小滑块相对木板滑动做的功P由动量守恒：MV=mvo-mvo/5由能量守恒：mv

A、设铁块与木板速度相同时，共同速度大小为v，铁块相对木板向左运动时，滑行的最大路程为s，摩擦力大小为f．根据能量守恒定律得： 铁块相对于木板向左运动过程：12mv02＝fs+12(M+m)

先分析B运动过程,以地面为参考系：在碰撞前一瞬间距墙距离L,以速度V1向墙运动碰撞后以恒定加速度做匀减速运动,加速度a=-gu,u为摩擦系数B速度减小到0时开始做反向加速运动,加速度仍为aB与A达到统

1）预使m从M上滑下来,需要M的加速度>m的最大加速度；m的最大加速度实在m和M产生滑动摩擦时出现的,此时m受到的外力（只考虑水平方向）=mgu=4NM受到的外力＝F-mgu=F-4N,其加速度a(M

（1）对于滑块A,根据牛顿第二定律F合=ma可知μmAg=mAaA所以滑块A的加速度为aA＝μg＝0.4*10＝4（米每秒方）同理木板B的加速度为aB＝μg＝0.4*10＝4（米每秒方）(2)根据加速

对m做力的分析,有一个方向向左的拉力F1,和向左的摩擦力f,要想是小木块移动,至少要F1=f=umg,由于是定滑轮,且地面光滑,则有F=F1,要使小木块移动l,则有W=Fl=F1l=umgl.毕业好多

我觉得有下面几点你没有考虑到:首先,滑动摩擦系数,题目中没有给出, 其次,固定和不固定的时候,摩擦力造成滑块的加速度都是μg,你这里的两个方程其实是一个.再次你是根据能量守恒列出的方程,而不

设1过程结束后,木板的速度为V由动动量守恒mv0=mvo/3+Mv得v=2mv0/3M由功能关系有Q损=1/2mv0^2-1/2m(vo/3)^2-1/2MV^2第二个状态由功能关系知1/2mv^2=