f(x)在[0,a]上二阶可导,|f(x)|
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/07/15 01:55:59
F'={f'(x)(x-a)-[f(x)-f(a)]}/(x-a)^2原命题等价于证f'(x)(x-a)-[f(x)-f(a)]>=0G=f'(x)(x-a)-[f(x)-f(a)],a0a再问:帅哟
∫(-a,a)f(x)dx=∫(-a,0)f(x)dx+∫(0,a)f(x)dx对∫(-a,0)f(x)dx,令x=-tx=-at=a;x=0t=0;dx=-dt得:∫(-a,0)f(x)dx=∫(a
limf(x)/(x-a)=A≠0x→a时即f(x)→f(a)x-a→0分母为零但极限为常数故其应为0/0性型f(a)=0应用洛必达法则,可得limf‘(x)=Ax→a故f'(a)=A个人看法不知道对
我的证明方法不太好,不过凑合能证出来.由中值定理,F(x)=(f(x)-f(a))/(x-a)=f‘(c)c∈【a,x】对任意x1>x,有(f(x1)-f(x))/(x1-x)=f'(c1)c1∈【x
这题目出的不对我举个反例f(x)=-x^2+x显然,f(x)在[0,1]上二阶可导,且f(0)=f(1)=0F(x)=(x-0)f(x)=x^2*(1-x)当x∈(0,1)时,x^2>01-x>0所以
证明:∀x,t∈[a,b],将f(x)在t处展开,可得f(x)=f(t)+f′(t)(x−t)+f″(ξ)2!(x−t)2.因为f″(x)<0,所以有:f(x)≤f(t)+f′(t)(x-t).令t=
结论明显不对.楼主回去对照下题有没写错.
1.证明任取(a,b)上一点x,f(x)<[(x-a)f(a)+(b-x)f(b)]/(b-a):首先由Lagrange定理知f(x)-f(a)=(x-a)f'(x1),x1为(a,x)
打了一大堆,却输入字数限制,没辙了.只能说下大概过程:将b转为以x,建立辅助函数:F(x)=∫f(t)dt-M/2*(x-a)²(上限是x,下限是a)F(a)=0,连续两次求导利用已知条件判
这个就是变上限积分的求导公式:[∫[a→x]f(t)dt]'=f(x)[∫[a→g(x)]f(t)dt]'=f(g(x))g'(x)∫[a→x]f(t)dt/(x-a)求导,就是用了个除法求导公式.【
由已知,f(x)在x=a存在二阶导数,可知f(x)一阶导数在x=a的临域内连续导数定义 开始证明 所以原式的极限为 f''(a) 亲,你要的已上
因为f(a)、f(b)同号,f(a)与f[(a+b)/2]异号则根据连续函数介值定理在(a,(a+b)/2)中至少存在一点M,在((a+b)/2,b)中至少存在一点N,使得f(M)=f(N)=0根据罗
当X=0,A,X时函数Y的值
求出F’(x),只要F’(x)>0,则得到F(x)在(a,b】上是单调增加的求得F’(x)=[f’(x)*(x-a)-f(x)+f(a)]/(x-a)^2,则F’(x)的符号由分子决定令分子是G(x)
f(-3)=f(3)=3^2+3=12a
∫(0→a){f(x)/[f(x)+f(a-x)]}dx=∫(a→0){f(a-t)/[f(a-t)+f(t)]}d(a-t)=∫(0→a){f(a-t)/[f(t)+f(a-t)]}dt=∫(0→a
证明:(注意:你的题目打错了)由积分中值定理∫(a→b)f(x)dx=(b-a)f(ξ)a