(2013•闵行区二模)研究NO2、SO2、CO等大气污染气体的处理具有重要意义.
来源:学生作业帮 编辑:作业帮 分类:化学作业 时间:2024/11/08 01:47:36
(2013•闵行区二模)研究NO2、SO2、CO等大气污染气体的处理具有重要意义.
I.利用反应:6NO2+8NH3
I.利用反应:6NO2+8NH3
催化剂 |
△ |
(1)对于6NO2+8NH3
催化剂
△7N2+12H2O,当有6molNO2反应共转移了24mol电子,所以电子转移了1.2mol,参加反应的NO2为0.3mol,则0~10min时,平均反应速率υ(NO2)=
0.3mol
2L
10min=0.015mol/(L•min),
故答案为:0.015mol/(L•min);
(2)a.无论反应是否达到平衡状态,反应体系内的压强始终不变,所以不能根据“体系压强保持不变”判断反应是否达到平衡状态,故a错误;
b.当反应达到平衡状态时,二氧化氮的浓度不变,所以能根据“混合气体颜色保持不变”判断是否达到平衡状态,故b正确;
c.随反应进行NO2和SO3的体积之比发生变化.NO2和SO3的体积之比保持不变,说明到达平衡状态,故c正确;
d.反应前后气体的质量不变,物质的量也不变,所以平均相对分子质量保持不变,所以不能根据“混合气体的平均相对分子质量保持不变”判断反应是否达到平衡状态,故错误;
故选:bc;
(3)化学平衡常数只随温度的变化而变化,该反应为吸热反应,平衡常数K值变大说明温度升高平衡右移,正反应速率先增大后减小,逆反应速率先增大再增大,故a正确,故选:a;
(4)由图示可知:相同压强下,温度升高,该反应CO的平衡转化率降低,说明平衡逆向移动,则正反应为放热反应;根据此时CO的转化率已经很高,如果增加压强CO的转化率提高不大,而生产成本增加,得不偿失,
故答案为:放热;在1.3×104kPa下,CO的转化率已经很高,如果增加压强CO的转化率提高不大,而生产成本增加,得不偿失.
催化剂
△7N2+12H2O,当有6molNO2反应共转移了24mol电子,所以电子转移了1.2mol,参加反应的NO2为0.3mol,则0~10min时,平均反应速率υ(NO2)=
0.3mol
2L
10min=0.015mol/(L•min),
故答案为:0.015mol/(L•min);
(2)a.无论反应是否达到平衡状态,反应体系内的压强始终不变,所以不能根据“体系压强保持不变”判断反应是否达到平衡状态,故a错误;
b.当反应达到平衡状态时,二氧化氮的浓度不变,所以能根据“混合气体颜色保持不变”判断是否达到平衡状态,故b正确;
c.随反应进行NO2和SO3的体积之比发生变化.NO2和SO3的体积之比保持不变,说明到达平衡状态,故c正确;
d.反应前后气体的质量不变,物质的量也不变,所以平均相对分子质量保持不变,所以不能根据“混合气体的平均相对分子质量保持不变”判断反应是否达到平衡状态,故错误;
故选:bc;
(3)化学平衡常数只随温度的变化而变化,该反应为吸热反应,平衡常数K值变大说明温度升高平衡右移,正反应速率先增大后减小,逆反应速率先增大再增大,故a正确,故选:a;
(4)由图示可知:相同压强下,温度升高,该反应CO的平衡转化率降低,说明平衡逆向移动,则正反应为放热反应;根据此时CO的转化率已经很高,如果增加压强CO的转化率提高不大,而生产成本增加,得不偿失,
故答案为:放热;在1.3×104kPa下,CO的转化率已经很高,如果增加压强CO的转化率提高不大,而生产成本增加,得不偿失.
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