如图所示,已知定圆F1(X 5)² y²等于1,定圆F2(X-5)² y²等于4

题目有些问题吧.应该是AD//BC吧~因为∠B=∠C,所以∠EAC=∠B+∠C=2∠C.又AD平分∠EAC,所以∠EAC=2∠DAC.所以∠C=∠DAC,然后根据内错角相等即可得AD//BC.

电压表不能串联,即使是电压表的是一种不够也不能串联,串联以后将无法测量出准确的电压值来.你的图中两电压表中间少了一条连在R0和Rx之间的导线,按照你的图不能测量出任何有用的结果.如果在两个电压表之间和

动圆圆心到两个定圆圆心距离之差是定值=2a=R-r=4符合双曲线定义2c=5-(-5)=10,a2=4,b2=c2-a2=21x2/4-y2/21=1

A正确,CD正确,这是考虑到A、B的加速度始终是相同的,如果加速度不相同,位移不相同那么B就被压到A里面去了.先设两个字母,B对A的作用力与A对B的作用力,因为它们的大小是一样的（作用力与反作用力）,

当撤去F2,a=F1/(M1+M2),M2受到M1的力为M2.F1/(M1+M2)当F1和F2都在时a=(F2-F1)/(M1+M2),对M2,F2-F=M2a,所以F=M2.F1/(M1+M2)+M

首先,A的范围就是两边,而B是A的真自己,说明B的元素在A中都可以找到.所以,B中的最小值>5,或最大值x

将y带入方程组得dy/dx+y=e^(-x)e^xf(x)-e^(-x)积分(0,x)e^tf(t)dt+e^(-x)积分(0,x)e^tf(t)dt=f(x)满足,得证.lim（x->+oo）y(x

首先．知道定圆方程．然后化成（X-5）＾+Y＾＝6＾得到圆心为（5,0）半径为6然后设动圆的圆心为（M,N）,则该点到F1的距离等于动圆半径R．另外该点到定圆圆心（5,0）的距离等于R+6列下面两个方

我是手机党,所以看不太清图,就当左边的是F1,右边的是F2,下面的是F3好了…宽容哈～将F1,F2按x轴和y轴方向正交分解,x轴方向：F2cos60¤－F1cos45¤=0,y轴方向：F1sin45¤

三角形ACD中由余弦定理有（力方程）：F*F=F1*F1+F2*F2-2*COSθ*F1*F2代入数值解出θ=arccos9/14同理可得cosβ=133/140

A、B撤去作用力之前，由牛顿第二定律得：对整体：a=F1-F2mA+mB…①对B：F2-F=mBa…②联立得：A对B的作用力F=mAF2+mBF1mA+mB…③由①知，若撤去F1，由于F1-F2与F2

圆F1:x2+y2+10x+24=0,圆心F1（-5,0）,半径1圆F2:x2+y2-10x+9=0,圆心F2（5,0）,半径4设动圆半径为r,则|MF1|=r+1,|MF2|=r+4,所以|MF2|

首先．知道定圆方程．然后化成（X-5）＾+Y＾＝6＾得到圆心为（5,0）半径为6然后设动圆的圆心为（M,N）,则该点到F1的距离等于动圆半径R．另外该点到定圆圆心（5,0）的距离等于R+6列下面两个方

/>圆F1,F1(-5,0),半径为1圆F2,F2(5,0),半径为4设圆心为M(x,y),动圆半径为r则MF1=r+1,MF2=r+4MF2-MF1=3∴M的轨迹是双曲线一支,离F2远,所以,是左支

只要使B的最大值小于－1（在图中的区域1中）,或者B的最小值大于5（在图中的区域2中）即可B的最大值小于－1：a+4B的最小值大于5：a>5

（1）∵x2-y2=1，∴c=2．∵动点P与双曲线x2-y2=1的两个焦点F1，F2的距离之和为23∴|PF1|+|PF2|=23∵|F1F2|=22，|PF1|+|PF2|＞|F1F2|∴动点P是以

(1)两个定圆的圆心为F1(-5,0),F2(5,0),半径分别为7和1,设动圆圆心M(x,y),半径为r,则由条件,得　|MF1|＝7+r,|MF2|=1+r,从而　|MF1|-|MF2|=6,由双

X^2/5+y^2/9=10.5~2你看是不是这个答案,是的话我再写过程.不在乎那点分,你现在急用不?我用手机上网,写过程不大方便,留下QQ号,不急的话过两天发你邮箱上去.

可以假想分力F1大于合力F.那么可以假设时钟的分针是分力F1,时针是合力F,那么让时针不动,分针转到一周,这其间,分针的针尖与时针的针尖的连线与分针指向的延长线则是F2与F的夹角,可以通过画图知,此角

依题意画出下图；设动圆圆心为（x,y）MF2-MF1=(r+4)-(r+1)=3∴√(x+5)²-y²  -√(x-5)²+y